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Kunen. Set Theory 第一版第二章無窮組合(三上)

很抱歉耽誤了這麼久才開始整理第三節,在這段時間裡我主要是在整理布爾代數的一些基礎知識。

包佳齊:關於布爾代數的一些筆記(一),包佳齊:關於布爾代數的一些筆記(二)

這倆出不來,這篇也出不來啊。

這一節是關於馬丁公理的幾個等價形式,我們在上一節也已經提到過其中的一些,但並沒有展開,而這就是這一節的內容。由於突如其來的字數限制,這一部分分成上下兩部分。


第三節 馬丁公理的等價形式

我們將要陳述的幾個等價形式中的第一個,在將來證明 	ext{MA} + 
eg 	ext{CH} 的獨立性時比較有用,即我們只需要考慮大小小於 2^omega 的偏序的情形即可。其它的等價形式則是考慮到某些理論興趣,並且在理解力迫和布爾值模型之間的關係上有著重要的作用。

引理3.1 	ext{MA}(kappa) 等價於限制在大小 le kappa 的偏序集上的 	ext{MA}(kappa)

證明:某個方向是顯然的,我們證明反方向。假設我們有了限制形式,我們任取 langle mathbb{Q}, < 
angle 為 c.c.c. 的任意偏序集,取 mathscr{D}mathbb{Q}le kappa 的稠密子集族,我們要想方設法把 mathbb{Q} 壓縮成某個 le kappamathbb{P} 且和 mathbb{Q} 十分相似。具體來說, mathbb{P subset Q} ,且滿足:

(1) |mathbb{P}| le kappa

(2) 對任意 D in mathscr{D}D cap mathbb{P} mathbb{P} 中稠密;

(3) 對任意 p, q in mathbb{P}pqmathbb{P} 中相容當且僅當它們在 mathbb{Q} 中相容。

由於這些都可以用公式來表達,做模型論的人會很快看出這可以用下行的 LST(L?wenheim-Skolem-Tarski theorem) 定理直接證明。我們這裡則給出一個直接的證明,不過理論上這是用了某種形式的 LST 定理,這種方法也同樣可以用來證明 LST 定理。

對任意 D in mathscr{D} ,令 f_D: mathbb{Q 	o Q} 使得 forall p in mathbb{Q}(f_D(p) in D land f_D(p) le p) ,令 g: mathbb{Q 	imes Q 	o Q} 使得 forall p, q in mathbb{Q}(p, q 	ext{ 是相容的} 
ightarrow g(p, q) le p land g(p, q) le q) 。根據選擇公理,這些函數都是合理的。

現在我們令 mathbb{P subset Q} 使得 mathbb{P}f_D, forall D in mathscr{D} 以及 g 下封閉,且 |mathbb{P}| le kappa 。我們可以做到這一點是由於之前在本書第一章中證過的一個定理,我們可以在這裡再清晰地陳述一遍。

我們先找到任意的 mathbb{P_0 subset Q} 使得 |mathbb{P}| le kappa ,我們取它在 f_Dg 下的像,設為 mathbb{P_1} ,再取它在 f_Dg 下的像,設為 mathbb{P_2} ,我們這樣一直取下去,即取 mathbb{P_{n+1}}mathbb{P_n}f_Dg 下的像。令 mathbb{P} = igcup_{n < omega}mathbb{P_n} ,則 mathbb{P}f_D, forall D in mathscr{D} 以及 g 下封閉,且 |mathbb{P}| le kappa ,滿足條件。

所以現在我們有了這個 mathbb{P} ,我們驗證它就是我們正在找尋的那個 mathbb{P} ,即它滿足 (1),、(2)、(3)。但這是由於 mathbb{P} 的定義顯然的。

由於有了 (3),我們知道 mathbb{P} 也是 c.c.c. 的,於是,在 mathbb{P} 上應用 	ext{MA}(kappa) 的限制形式,令 H subset mathbb{P} 是濾且與所有的 D cap mathbb{P} 相交,我們把 H 擴充到 mathbb{Q} 的濾 G ,這樣就能得證了。我們令 G = {q in mathbb{Q}: exists p in H(p le q)} ,這就是我們要的濾。得證。

接下來,我們證明定理2.22 的結論蘊涵 	ext{MA}(kappa) ,在定理2.22 中,我們證明了假設 	ext{MA}(kappa) ,則緊緻 c.c.c. 的豪斯道夫空間中, kappa 個開集的交非空。我們當時也提到了他們其實是等價的,現在就來證明這個結論。

提供直接的證明是可行的,不過我們給出一個通過布爾代數的證明。這樣更能夠揭示 	ext{MA} 與布爾代數(之後是力迫與布爾代數)的關係。(我假設閱讀這篇文章的你已經了解了比較基本的布爾代數知識,否則的話,文章頂部有關於布爾代數的文章的鏈接可作參考。)

定理3.2 對任意 kappa ge omega	ext{MA}(kappa)	ext{MA}(kappa) 在完備布爾代數上的限制形式。

我們首先澄清一下定義。假設 mathscr{B} 是一個完備布爾代數。我們稱它是 c.c.c. 的,當且僅當 mathscr{B}^+ = mathscr{B} ackslash {0} 作為偏序集是 c.c.c. 的,濾就是布爾代數上的濾,稠密也是。 	ext{MA}(kappa) 在完備布爾代數上的限制形式就是說:對任意 c.c.c. 的完備布爾代數,以及其上 le kappa 的稠密子集族 mathscr{D} ,存在一個 mathscr{B} 上的濾滿足它與任意 D in mathscr{D} 相交。

為了更好地處理上面的定理,以及揭示偏序集和布爾代數的關係,我們需要以下引理:

引理3.3mathbb{P} 是一偏序集,則存在一個完備布爾代數 mathscr{B} 以及 i: mathbb{P} 	o mathscr{B}^+ ,滿足:

(1) i[ mathbb{P}]mathscr{B} 中稠密;

(2) forall p, q in mathbb{P} ig( p le q 
ightarrow i(p) le i(q) ig)

(3) forall p, q in mathbb{P} ig( p perp q leftrightarrow i(p) cdot i(q) = 0 ig)

我們稱 mathscr{B}mathbb{P} 的完備化。通常來說,我們希望的這個 i 應該要具有某些良好的性質,比如它是單的,且 i(p) le i(q) 
ightarrow p le q ,但一般不會達到這個條件。例如我們令 mathbb{P} 中任意元素相容,那麼理論上唯一(在同構的意義下,事實上任何完備化在同構意義下唯一,參見習題18)的 mathscr{B}{0, 1} ,且對任意 p in mathbb{P}i(p) = 1

回憶起布爾代數完備化的內容,是採用了類似戴德金的方法,而我們現在也試圖用類似的方法來證明這個。首先注意到對任意拓撲空間,其上都有一個自然的布爾代數結構。

X 是一拓撲空間,我們定義正則開代數, 	ext{ro}(X) ,它其中的元素為 X 的所有正則開集 bb 是正則開集當且僅當 b = 	ext{int cl}(b) ,即它閉包的內部是自身),其上布爾代數偏序為 b le c 當且僅當 b subset c ,布爾代數運算如下: b cdot c = b cap cb + c = 	ext{int cl}(b cup c)-b = 	ext{int}(X ackslash b) 。容易驗證,對任意集合 b	ext{int cl}(b) le 	ext{int cl int cl}(b) = 	ext{int}ig(	ext{cl int cl}(b)ig) le 	ext{int cl}(b) ,所以 	ext{int cl}(b) 為正則開集,定義合理。(我們可以證明 	ext{int cl}(b cup c) 是包含 b, c 的最小正則開集,這樣它顯然是一個格代數。)

下面驗證它是完備布爾代數(如已知,可略過)。

交換律顯然,結合律只需證加法,首先 (b + c) + d = 	ext{int cl}ig(	ext{int cl}(b cup c) cup dig) ge 	ext{int cl}(b cup c cup d) ,由於我們有 	ext{cl}(b cup c) = 	ext{cl}(b) cup 	ext{cl}(c) ,所以

egin{align*} 	ext{int cl}(b cup c) cup d &le 	ext{int}ig(	ext{cl}(b cup c) cup 	ext{cl}(d)ig)\ &= 	ext{int cl}(b cup c cup d) end{align*}

所以

	ext{int cl}ig(	ext{int cl}(b cup c) cup dig) le 	ext{int cl}ig(	ext{int cl}(b cup c cup d)ig) = 	ext{int cl}(b cup c cup d) ,由此結合律成立。(事實上結合律由它是格代數的事實是顯然的。)

下證分配律。只需證 	ext{int cl}(b cup c) cap d = 	ext{int cl}ig((b cup c) cap dig) ,另一個分配律是由並與交的分配律顯然的。 	ext{int cl}(b cup c) cap d subset 	ext{cl}(b cup c) cap 	ext{cl}(d) = 	ext{cl}ig((b cup c) cap dig) 是開集,所以它 le 	ext{int cl}ig((b cup c) cap dig) ;另一方面, 	ext{int cl}(b cup c) cap d = 	ext{int}ig(	ext{cl}(b cup c) cap 	ext{cl}(d)ig) ge 	ext{int cl}ig((b cup c) cap dig) ,故分配律成立。

吸收律以及補足律顯然,所以現在只需驗證它完備。注意到對任意 S subset 	ext{ro}(X) ,它有上確界 	ext{int cl}(igcup S) 以及下確界 	ext{int}(igcap S) ,所以 	ext{ro}(X) 完備。

下面我們在偏序集 mathbb{P} 上構造一個拓撲空間,以完成對引理3.3 的證明。(這與我們在布爾代數的完備化的證明是類似的。)

引理3.3 的證明:對任意 p in mathbb{P} ,令 N_p = {q in mathbb{P}: q le p} ,則 {N_p: p in mathbb{P}} 構成一組拓樸基,這是因為首先 igcup{{N_p: p in mathbb{P}}} = mathbb{P} ,其次, q in N_p 
ightarrow N_q subset N_p ,這意味著若 N_{p_1} cap N_{p_2} 非空,那麼對任意 q in N_{p_1} cap N_{p_2}q in N_q subset N_{p_1} cap N_{p_2} 。顯然 N_p 是包含 p 的最小開集。

我們仍舊用 mathbb{P} 來代指上述拓撲空間,則 	ext{ro}(mathbb{P}) 是它的正則開布爾代數。令 i: mathbb{P} 	o 	ext{ro}(mathbb{P}), p mapsto 	ext{int cl}(N_p) ,我們證明它滿足條件。(2) 顯然。(1) 是因為對任意正則開集 b subset 	ext{ro}(mathbb{P}) ,令 p in b ,那麼 N_p subset b ,故 	ext{int cl}(N_p) subset 	ext{int cl}(b) = b ,即 i(p) le b 。對(3),若 	ext{int cl}(N_p) cap 	ext{int cl}(N_q) = emptyset ,那麼 N_p cap N_q = emptyset ,即 p perp q ,反之,若 p perp q ,即 N_p cap N_q = emptyset ,由於 N_q 開,那麼 	ext{cl}(N_p) cap N_q = emptyset ,於是 	ext{int cl}(N_p) cap N_q = emptyset ,對 N_q 採用同方法,我們得到 i(p) cdot i(q) = 0 。得證。

引理3.2 的證明:一個方向是顯然的(「 Rightarrow 」),證「 Leftarrow 」:我們假設 	ext{MA}(kappa) 在布爾代數上的限制形式成立,考慮基數 le kappa 的 c.c.c. 的偏序集 mathbb{P} (只需證明這個,根據定理3.1 我們就能得到結論),令 mathscr{D} 為其上基數為 kappa 的稠密子集族。令 mathscr{B}mathbb{P} 的完備化, i 是見證。首先, mathscr{B} 是 c.c.c. 的,這是因為若 langle b_alpha: alpha < omega_1 
angle 是不可數反鏈,那麼根據 (1),令 i(p_alpha) le b_alpha ,則由 (3) p_alpha 互不相容,與 mathbb{P} 是 c.c.c. 矛盾。其次,對任意 D in mathscr{D}i[D]mathscr{B}^+ 下稠密,這是因為對任意 b in mathscr{B}^+ ,由 (1) 存在 p in mathbb{P}i(p) le b ,而又由 D 稠密,存在 q in D 滿足 i(q) le i(p) le b 。於是我們運用 	ext{MA}(kappa) 在布爾代數上的限制形式,可以找到一個 mathscr{B} 中的濾 G ,使得 G 與任意 i[D]: D in mathscr{D} 相交非空。令 H = i^{-1}[G] ,則 H 與任意 D in mathscr{D} 相交非空。我們現在觀察 H 是否是 mathbb{P} 的濾。

由 (2), forall p in H(p le q 
ightarrow q in H) ,但是 forall p, q in H exists r in H(r le p land r le q) 這一條並不一定成立。所以我們考慮 D_{pq} = {r in mathbb{P}: (r le p land r le q) lor r perp p lor r perp q} ,我們現在證明它是稠密的,對任意 r_0 in mathbb{P} ,若它有擴張與 pq 不相容,則成立,否則特殊地不妨設 r_0p 相容,令 r_1 le r_0 land r_1 le p ,若 r_1q 不相容,那麼成立,否則令 r_2 le r_1 land r_2 le q ,那麼 r_2 in D_{pq}

mathscr{D}^* = mathscr{D} cup {D_{pq}: p, q in mathbb{P}} ,顯然,由於 |mathbb{P}| le kappa|mathscr{D}^*| = kappa ,那麼仍然如上面所構造,令 H = i^{-1}[G]G 與所有 i[D]: D in mathscr{D}^* 相交。

G 是濾以及 (3), H 中元素兩兩相容,故若 p, q in H ,令 r in H cap D_{pq}rp, q 相容,所以 r le p land r le q 。於是 H 是與 mathscr{D} 中所有元素相交的濾。得證。

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