int_0^infty (x^4*e^x)/((e^x-1)^2)dx 這個積分如何計算?

積分的具體數值已經知道了,想要了解求解的具體過程


非常有意思的問題。首先,讓我們嘗試計算一個比較一般的形式:
egin{align}
int_{0}^{infty}frac{x^{s-1}e^x}{left(e^x-1
ight)^2}mathrm{d}x
=int_{0}^{infty}frac{x^{s-1}e^x}{e^{2x}left(1-e^{-x}
ight)^2}mathrm{d}x\
=int_{0}^{infty}frac{x^{s-1}e^{-x}}{left(1-e^{-x}
ight)^2}mathrm{d}x\
=Gammaleft(s
ight)zeta_2left(s,1
ight),
end{align}
其中,zeta_nleft(s,a
ight) 是一個多重的 Hurwitiz zeta 函數,其級數表示長成下面的樣子:
zeta_nleft(s,a
ight)=sum_{k_1,cdots, k_n=0}^{infty}left(a+k_1+cdots+k_n
ight)^{-s}.
看上去似乎不是那麼好計算對吧。但是很幸運,我們有
zeta_2(s,x)=left(1-x
ight)zetaleft(s,x
ight)+zetaleft(s-1,x
ight).
其中,zetaleft(s,x
ight)是普通的 Hurwitz zeta 函數。代入我們的數值得到:
egin{align}
int_{0}^{infty}frac{x^{5-1}e^x}{left(e^x-1
ight)^2}mathrm{d}x
=Gammaleft(5
ight)zeta_2left(5,1
ight)\
=Gammaleft(5
ight)left[(1-1)zetaleft(5,1
ight)+zeta(5-1,1)
ight]\
=Gammaleft(5
ight)zeta(4,1)
end{align}
隨後,利用Hurwitz zeta函數和Riemann zeta函數的關係,我們可以的得到:
egin{align}
int_{0}^{infty}frac{x^{4}e^x}{left(e^x-1
ight)^2}mathrm{d}x
=Gammaleft(5
ight)zeta(4,1)
=Gammaleft(5
ight)zeta(4)=24cdotfrac{pi^4}{90}
=frac{4}{15}pi^4.
end{align}
最後,我用Mathematica驗算了下:


這個積分在物理學中,尤其是固體物理中用的還是比較多的,比如聲子體系的熱容的計算,如果想得到具體的表達式需要計算這個積分,不過如果想得到T^{3}這種定性關係倒是不用。電子體系中用到的索莫非展開也涉及到類似的東西。
先做一步分部積分
int _{0}^{infty}x^{4}d(frac{1}{1-e^{x}})=-int_{0}^{infty}x^{4}d(sum_{n=1}e^{-nx})
對於其中的每一個積分int_{0}^{infty}x^{4}de^{-nx}進行幾次分部積分可以得到
int_{0}^{infty}x^{4}de^{-nx}=-frac{4!}{n^{4}}
因此這個積分等於sum_{n=1}frac{24}{n^{4}}
關於這個級數的和我沒有什麼太好的辦法,不過查特殊函數zeta(s)=sum_{n} n^{-s}
zeta(4)=frac{pi^{4}}{90}
所以原式等於frac{4 pi^{4}}{15}


@安宇森 的回答非常漂亮,不過關於無窮級數sum_{n = 1}^infty frac{1}{n^4}的求和問題我補充如下:

引理 f(z)mathbb{C}上除了有限個孤立奇點外處處解析,若存在常數R > 0M > 0,使當leftvert z 
ightvert > R時,leftvert z f(z) 
ightvert le M。則
oint_{C_N} pi cot(pi z) f(z) dz 
ightarrow 0,當N 
ightarrow inftyN in mathbb{N}),
其中C_N為正方形圍道,四個頂點為(N + 1/2)(1 pm i)(N - 1/2)(1 pm i)

無窮級數sum_{n = 1}^infty frac{1}{n^4}的求和
f(z) = 1/z^4,則pi cot(pi z) f(z) = frac{pi cot(pi z)}{z^4},其奇點為0, pm 1, pm 2, cdots。除了z = 0是五階極點之外,其餘皆為一階極點。取引理所述的圍道C_N,由留數定理,有
oint_{C_N} frac{pi cot(pi z)}{z^4} dz = 2 pi i sum_{n = -N}^N operatorname{Res}left[frac{pi cot(pi z)}{z^4}
ight]_{z = n}
其中
defarraystretch{1.3} operatorname{Res}left[frac{pi cot(pi z)}{z^4}
ight]_{z = n} = left{ egin{array}{rr} - frac{pi^4}{45}  	extrm{if } n = 0 \ frac{1}{n^4}  	extrm{if } n 
e 0end{array} 
ight.
所以
oint_{C_N} frac{pi cot(pi z)}{z^4} dz = 2 pi i left(- frac{pi^4}{45} + 2 sum_{n = 1}^N frac{1}{n^4}
ight)
N 
ightarrow infty,由引理可知左邊為零,即得
sum_{n = 1}^infty frac{1}{n^4} = frac{pi^4}{90}

參考
吳崇試,《數學物理方法》(第二版),北京大學出版社,2003年 (引理7.2)


Debye Model?

我們沒文化的人遇到這種積分都是用軟體的(笑)。

做一次分部積分之後化成Bose-Einstein Integrals
I(p)=int_{0}^{infty}frac{x^{p-1}}{e^{x}-1}dx=zeta(p)Gamma(p)
問題得到系統解決

要看具體導出的話參考這個
http://www.physik.uni-regensburg.de/forschung/fabian/pages/mainframes/teaching/teaching_files/files%20of%20mf_statistical_physics/BE_integrals.pdf


@安宇森 的解答很巧妙,今年丘賽分析初賽Q4第二問的工科解法就是用級數展開逐項積分法求解。

回到原題,關鍵是求zeta(4),下面給出一個工科大一解法,暴力計算。

這是二次方情形,對於四次方情形,只需要利用帕塞瓦爾等式,然後複製上述計算過程:

排版比較好的截圖是以前寫的,手寫比較爛的是現寫的,a{2n+1}漏掉一個負號,但不影響帕塞瓦爾等式的應用。


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